A, B, D - đúng

C - sai vì đường sức điện của điện trường là đường cong không kín

Khi mắc song song các nguồn điện giống nhau, ta có:

- Suất điện động bộ nguồn:${E_b} = {\rm{ }}E$.

- Điện trở trong bộ nguồn: r_b = $\dfrac{r}{n}$.

Tác dụng đặc trưng nhất của dòng điện là tác dụng từ

Hiện tương siêu dẫn là khi nhiệt độ hạ xuống dưới nhiệt độ T_C nào đó, điện trở của kim loại (hay hợp kim) đó giảm đột ngột đến giá trị bằng không.

Dòng điện trong chất điện phân là dòng chuyển dời có hướng của các ion dương theo chiều điện trường và các ion âm ngược chiều điện trường.

=> Bản chất dòng điện trong chất điện phân là dòng ion dương và dòng ion âm chuyển động có hướng theo hai chiều ngược nhau.

Vào mùa hanh khô, nhiều khi kéo áo len qua đầu, ta thấy có tiếng nổ lách tách đó là do hiện tượng nhiễm điện do cọ xát

Bán loại p có mật độ lỗ trống lớn hơn mật độ electron tự do

Thiết bị áp dụng sự phóng điện trong không khí là Bugi trong động cơ nổ

Thả một electron không vận tốc ban đầu trong một điện trường bất kì. Electron đó sẽ chuyển động từ điểm có điện thế thấp lên điểm có điện thế cao

Thế năng của một điện tích điểm q tại điểm M trong điện trường: W_M = A_M∞ = qV_M

Ta có :  Đơn vị của :

+ Cường độ dòng điện là :  Ampe $(A)$

+ Suất điện động là : Vôn $(V)$

+ Điện lượng : Culông $(C)$

Ta có, mọi nguyên tử gồm có:

- Hạt nhân ở trung tâm mang điện tích dương, notrơn không mang điện

- Lớp vỏ các electron mang điện tích âm, chuyển động xung quanh hạt nhân.

Biểu thức của định luật Cu-lông khi hai điện tích được đặt trong không khí:

$F = k\frac{{\left| {{q_1}{q_2}} \right|}}{{{r^2}}}$

Biểu thức xác định định luật Ôm cho đoạn mạch chỉ có điện trở là: $I = \frac{U}{R}$

Ta có: Điện trường là một dạng vật chất bao quanh các điện tích và truyền tương tác điện

=> Phương án C đúng

Ta có, khi đưa thanh kim loại ra thật xa quả cầu thì thanh kim loại trở về trạng thái không nhiễm điện như lúc đầu tức là trung hòa về điện

Ta có:

+ 22,4 l khí hiđro ở 0⁰ , p = 1atm tương ứng với 1mol khí hiđrô có số nguyên tử là 2.6,02.10²³

+ Trong 1cm³ = 1ml = 10^-3l sẽ có số nguyên tử là

$N = \frac{{{{10}^{ - 3}}.2.6,{{02.10}^{23}}}}{{22,4}} = 5,{375.10^{19}}$ nguyên tử

Mỗi nguyên tử hiđrô có 1 electron và 1 proton

=> Số electron = số proton = 5,375.10¹⁹ hạt

Tổng các điện tích dương: Q = 5,375.10¹⁹.1,6.10^-19 = 8,6C

Tổng các điện tích âm trong 1cm³ khí là: Q = 5,375.10¹⁹.|-1,6.10^-19 | = 8,6C

Ta có:

- ${q_1} = {q_2} = 1e =  - 1,{6.10^{ - 19}}C = q$

- Lực đẩy giữa hai prôtôn: ${F_1} = k\dfrac{{{q^2}}}{{{r^2}}}$

- Lực hấp dẫn giữa hai prôtôn:${F_2} = G\dfrac{{{m^2}}}{{{r^2}}}$

Để lực tĩnh điện bằng lực hấp dẫn:

$\begin{array}{l}{F_1} = {F_2} \Leftrightarrow k\dfrac{{{q^2}}}{{{r^2}}} = G\dfrac{{{m^2}}}{{{r^2}}}\\ \Rightarrow m = \sqrt {\dfrac{k}{G}} \left| q \right| = \sqrt {\dfrac{{{{9.10}^9}}}{{6,{{67.10}^{ - 11}}}}} 1,{6.10^{ - 19}} = 1,{86.10^{ - 9}}kg\end{array}$

Khi 2 quả cầu cân bằng, ta có:

Từ hình, ta có:

$\begin{array}{l}\sin \alpha  = \dfrac{{\dfrac{r}{2}}}{l} = \dfrac{{\dfrac{{0,05}}{2}}}{{0,5}} = \dfrac{1}{{20}}\\ \Rightarrow \alpha  = 2,{87^0}\end{array}$

+ Các lực tác dụng lên điện tích gồm: Trọng lượng, lực điện và lực căng dây

Ta có: $P = mg = \dfrac{{0,2}}{{1000}}.10 = {2.10^{ - 3}}N$

$F = k\dfrac{{{q^2}}}{{{r^2}}}$

Mặt khác, từ hình ta có:

$\begin{array}{l}\tan \alpha  = \dfrac{F}{P}\\ \Rightarrow F = P.\tan \alpha  = P.\tan 2,{87^0} = {10^{ - 4}}N\\ \Leftrightarrow k\dfrac{{{q^2}}}{{{r^2}}} = {10^{ - 4}}N\\ \Rightarrow {q^2} = 2,{78.10^{ - 17}}\\ \Rightarrow q =  \pm 5,{27.10^{ - 9}}C\end{array}$

Ta có:

+ Véctơ cường độ điện trường hướng về phía điện tích $Q$ nên $Q < 0$  (1)

+ Mặt khác, $E = k\dfrac{{\left| Q \right|}}{{\varepsilon {r^2}}}$

Ta suy ra: $\left| Q \right| = \dfrac{{E.\varepsilon .{r^2}}}{k} = \dfrac{{{{9.10}^4}.2,5.{{\left( {0,4} \right)}^2}}}{{{{9.10}^9}}} = {4.10^{ - 6}}C = 4\mu C$

Kết hợp với (1) ta suy ra: $Q =  - 4\mu C$

Mốc điện thế tại $A{\rm{ }} =  > {\rm{ }}{V_A} = {\rm{ }}0$

$\begin{array}{*{20}{l}}\begin{array}{l}{U_{AB}} = {\rm{ }}{E_1}.{d_1} = {\rm{ }}{V_A} - {\rm{ }}{V_B}\\ \Rightarrow {V_B} = {\rm{ }}{{\rm{V}}_A} - {E_1}.{d_1} = 0 - {2.10^4}.0,03 =  - 600V\end{array}\\\begin{array}{l}{U_{CB}} = {\rm{ }}{E_2}.{d_2} = {\rm{ }}{V_C} - {\rm{ }}{V_B}\\ \Rightarrow {V_C} = {E_2}.{d_2} + {V_B} = {4.10^4}.0,06{\rm{ }} - 600 = 1800V\end{array}\end{array}$

Ta có:

+ Khi ${U_1} = 4V$ thì ${Q_1} = 2\mu C$

Suy ra điện dung $C = \dfrac{{{Q_1}}}{{{U_1}}} = \dfrac{{{{2.10}^{ - 6}}}}{4} = {5.10^{ - 7}}F$

+ Khi ${U_2} = 10V$ thì tụ tích được điện lượng ${Q_2} = C{U_2} = {5.10^{ - 7}}.10 = {5.10^{ - 6}}C = 5\mu C$

Ta có, $E{\rm{ }} = \dfrac{A}{q}$

$\Rightarrow q = \dfrac{A}{E} = \dfrac{{{{6.10}^{ - 3}}}}{3} = {2.10^{ - 3}}\left( C \right)$

Ta có,

+ Hiệu điện thế định mức của đèn: ${U_d} = 220V$

+ Cường độ dòng điện định mức: ${I_d} = 341mA$

+ Công suất của đèn: $P = UI = {220.341.10^{ - 3}} = 75,02W$

Thời gian sử dụng đèn: $t = 4.30 = 120h$

+ Điện năng tiêu thụ: $W = Pt = 75,02.120 = 9002,4{\rm{W}}h = 9,0024kWh$

Ta có $1kWh = 1$ số và có giá $2500$đ

Ta suy ra, bóng tiêu thụ hết số tiền trong 30 ngày là: $9,0024.2500 = 22506$ đ

Giả sử chiều dòng điện từ A đến B.

Ta có: I qua R₁ không bị phân nhánh => R₁ mắc nối tiếp

Tại M, I bị phân nhánh, I’ qua R₂, R₃ không phân nhánh => (R₂ nt R₃ ) // R₅

I qua R₄ không phân nhánh

Vậy: đoạn mạch gồm: R₁ nt [(R₂ nt R₃) // R₅ ] nt R₄

${R_{23}} = {R_2} + {R_3} = 4 + 6 = 10\Omega$

$\frac{1}{{{R_{235}}}} = \frac{1}{{{R_{23}}}} + \frac{1}{{{R_5}}} \to {R_{235}} = \frac{{{R_{23}}.{R_5}}}{{{R_{23}} + {R_5}}} = \frac{{10.10}}{{10 + 10}} = 5\Omega$

Tổng trở của toàn mạch:

$R = {R_1} + {R_{235}} + {R_4} = 4 + 5 + 3 = 12\Omega$

Ta có:

+ Mạch ngoài gồm: R₁ nt (R₂ // R₃)

$\dfrac{1}{{{R_{23}}}} = \dfrac{1}{{{R_2}}} + \dfrac{1}{{{R_3}}} \to {R_{23}} = \dfrac{{{R_2}{R_3}}}{{{R_2} + {R_3}}} = \dfrac{{2.3}}{{2 + 3}} = 1,2\Omega$

- Điện trở tương đương mạch ngoài: R_tđ = R₁ + R₂₃ = 0,8 + 1,2 = 2$\Omega$.

+ Cường độ dòng điện qua mạch chính I:

$I = \dfrac{E}{{{R_{t{\rm{d}}}} + r}} = \dfrac{6}{{2 + 1}} = {\rm{ }}2A.$

Từ đồ thị ta suy ra: $1,58 = \xi$ và $0 = 1,58 - ({{\rm{R}}_{\rm{0}}}{\rm{ + r)}}{\rm{.0,076}}$

$\Rightarrow {R_0} + r = 20,{\rm{79 (\Omega }}) \Rightarrow r = 0{\rm{,49 (\Omega )}}$

Ta có:

+ Khi thắp sáng, đèn sáng bình thường, điện trở của bóng đèn là:

${R_S} = \dfrac{{{U^2}}}{P} = \dfrac{{{{220}^2}}}{{40}} = 1210\Omega$

Mặt khác:

 $\begin{array}{l}{R_s} = {R_0}{\rm{[}}1 + \alpha (t - {t_0}){\rm{]}} \leftrightarrow 1210 = 121[1 + 4,{5.10^{ - 3}}(t - 20){\rm{]}}\\ \to t = {2020^0}C\end{array}$

Ta có khối lượng bạc bám ở cực âm: 

$m = \frac{1}{F}.\frac{A}{n}It \to I = \frac{{mFn}}{{At}}$

Với m = 27 gam, F = 96500 C.mol^-1, n = 1, A = 108, t = 1 giờ = 3600s

$\to I = \frac{{27.96500.1}}{{108.3600}}\, = \,6,7A$

- Giả sử R_V vô cùng lớn: R_V  = ∞

+ Số chỉ trên V₁ là: ${U_1} = 5R\dfrac{E}{{6R}} = \dfrac{5}{6}E = \dfrac{5}{6}.24 = 20V$

Điều này trái với giả thiết => điều giả sử là sai hay R_V hữu hạn.

- Ta có: U_AC = 24V => U_BC = 12V

$\to {R_{CMNB}} = R \\\leftrightarrow \dfrac{{(2R + {R_{PQ}}){R_V}}}{{2R + {R_{PQ}} + {R_V}}} = R$

Với ${R_{PQ}} = \dfrac{{3R.{R_V}}}{{3R + {R_V}}} \to {R_V} = 1,5R$

Số chỉ trên V₂ :

+ ${U_2} = \dfrac{{{U_{BC}}}}{{3R}}R = 4V$